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如图所示,在水平方向的匀强电场中,一个质量为m,...

A、B、小球运动到A点时球与绳间刚好没有拉力作用,说明了电场力提供向心力,则:qE=mv2L得:v=qELmB到A的过程中电场力做功,由动能定理得:?2qEL=12mv2?12mv2B得:vB=5qElm故A正确,B正确;C、小球在B点时绳上的拉力大小与电场力的合力提供...

① mgL sin60° = qE L (1-cos60°),得 qE = √3 mg 合力为:qE cos30° - mg cos60° = mg,方向垂直于细线向右上。 ② 绳子的拉力大小为:qE sin30° + mg sin60° = √3 mg .

设细线长为L,球的电荷量为q,场强为E.若电荷量q为正,则场强方向在题图中向右,反之向左.即带电小球受到的电场力F=qE,方向水平向右,从释放点到左侧最高点,根据动能定理得: mgLcosθ-qEL(1+sinθ)=0 ①若小球运动到最低点时的速度为v,由动...

(1)以小球为研究对象,受到重力、弹力和电场力,从A到B由动能定理得:mgLsin60°+qUab=0解得:Uab=-3mgL2q(2)由匀强电场:E=Ud=mgL32qLsin300=mg3q(3)由于到达B点时,速度为零,在B点受力分析,受到重力,向右的电场力和沿绳的拉力.沿绳方...

以小球为研究对象,受重力与电场力,所以求出二力的合力:F=mgcosθ,电场力为:FE=mgtanθ,由于小球恰好做圆周运动,所以圆周运动过程中速度的最小值处在重力和电场力合力的反方向上,且二力的合力提供向心力.由牛顿第二定律得:mgcosθ=mv2l,...

解答:解:(1)小球在A点平衡时,根据平衡条件得:qEmg=tan30°解得:E=33?mgq(2)当小球移到D点后,让小球由静止自由释放,小球先做匀加速直线运动,运动到与竖直方向成30°时绳绷直,关于OC对称,设此位置为B,此时速度为vBa=F合m=(mg)2+(qE)2...

①带电小球在B点静止受力平衡,根据平衡条件得则:qE=mgtanθ得:E=mgtanθq=0.20×10×tan37°6.0×10?4=2.5×103V/m由U=Ed有:UAB=?E(1?sinθ)=2.5×103×(1?sin37°)=?400V②设小球运动至C点时速度为vC则: mgL-qEL=12mvC2解得:vc=1.4m/s在C点,小球...

(1)T= (2)其电势能增加为 (3)v C ′ = 试题分析:(1)小球静止在P点时由平衡条件得 1分解得:T= 1分(2)小球从A到P的过程中,电场力F做负功,故其电势能增加 由(1)问得 ,故 1分 则小球克服电场力做功 2分 其电势能增加为 1分(3)...

A、由题意可知,粒子从A点匀速移到B点,则受到电场力、外力与重力处于平衡状态,因粒子的电性不知,则电场力无法确定,所以外力方向也无法确定,故AB错误;C、因粒子处于平衡状态,则外力的大小,与重力和电场力的合力等值反向,根据力的平行四...

物体做匀速直线运动,由平衡条件得:在垂直于斜面方向上:N=mgcosθ+qEsinθ…①在平衡与斜面方向上:f+mgsinθ=qEcosθ…②滑动摩擦力:f=μN…③由①②③可得:μ=fN=qEcosθ?mgsinθmgcosθ+qEsinθ 答:物体与斜面间的动摩擦因数为:qEcosθ?mgsinθmgcosθ+qEsinθ.

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